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Riemann 猜想漫谈 (八)
- 卢昌海 -
If you could be the Devil and offer a mathematician to sell his soul for the proof of one theorem -
what theorem would most mathematicians ask for? I think it would be the Riemann Hypothesis.
- H. Montgomery
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十二. 休闲课题:围捕零点
时下流行一种休闲方式叫做 DIY (Do It Yourself), 讲究自己动手做一些原本只有工匠才做的东西,
比方说自己动手做件陶器什么的。 在像我这样懒散的人看来这简直比工作还累,
可如今许多人偏偏就兴这个, 或许是领悟了负负得正 (累累得闲?) 的道理吧。
既是大势如此, 我们也乐得共襄盛举, 安排 “休闲” 一下, 让大家亲自动手用 Riemann-Siegel
公式来计算一个 Riemann ζ 函数的非平凡零点。
DIY 一般有个特点, 那就是课题本身看起来虽颇见难度, 实际做起来却通常是捡其中相对简单的来做
(以免打击休闲的积极性)。 我们计算零点也是如此, 挑其中相对简单——即容易计算——的非平凡零点来计算。
那么什么样的非平凡零点比较容易计算呢? 显然是那些听 Riemann 的话,
乖乖躺在临界线上的——因为不在临界线上的非平凡零点即便有也绝不可能容易计算,
否则 Riemann 猜想早被推翻了。
如我们在 上节 中所见,
Riemann-Siegel 公式包含了许多计算量很大的东西, 其中最令人头疼的是求和, 因为它使计算量成倍地增加。
不过幸运的是那个求和是对 n2<(t/2π) 的自然数 n 进行的,
因此如果 t<8π≈25, 求和就只有 n=1 一项。 这显然是比较简单的,
因此我们狡猾的目光就盯在了这一区间上。 在这一区间上, Riemann-Siegel 公式简化成为:
Z(t) = 2cos[θ(t)] + R(t)
这就是我们此次围捕零点的工具。
在正式围捕之前, 我们先做一点火力侦察——粗略地估计一下猎物的位置。
我们要找的是使 Z(t) 为零的点, 直接寻找显然是极其困难的, 但我们注意到
2cos[θ(t)] (通常被称为主项) 在 θ(t)=(m+1/2)π 时为零 (m 为整数),
这是一个不错的出发点。 由 上节 中 θ(t)
的表达式不难证明, 在所有这些使 2cos[θ(t)] 为零的 θ(t) 中, θ=-π/2 (即 m=-1)
是使 t 在 t<25 中取值最小的 (当然, 别忘了 t 是正实数), 它所对应的 t 为 t≈14.5。
这是我们关于零点的第一个估计值。 纯以数值而论, 它还算不错, 相对误差约为百分之三。
接下来我们对这个估计值进行一次修正。 修正的理由是显而易见的, 因为 t≈14.5
时 R(t) 明显不为零。 为了计算 R(t), 我们注意到 t≈14.5 时 (t/2π)1/2≈1.5,
因此 R(t) 中的参数 N——即 (t/2π)1/2 的整数部分——为 1,
p——即 (t/2π)1/2 的分数部分——约为 0.5。 由此可以求出 R(t) 中的第一项——即
C0(t/2π)-1/4——约为 0.3。
为了抵消这额外的 0.3, 我们需要对 t 进行修正, 使 2cos[θ(t)] 减少 0.3。
我们采用最简单的线性近似 Δt≈Δ{2cos[θ(t)]}/{2cos[θ(t)]}' 来计算这一修正值。
为此注意到 2cos[θ(t)] 在 t≈14.5 处的导数 {2cos[θ(t)]}' 为
-2θ'(t)sin[θ(t)] ≈ -2(1/2)ln(14.5/2π)sin(-π/2) ≈ 0.83。
由此可知 t 需要修正为 t+Δt ≈ 14.5-0.3/0.83 ≈ 14.14。
这个数值与零点的实际值之间的相对误差仅为万分之四。 但是需要提醒读者的是,
这种估计——无论从数值上讲多么高明——都不足以证明零点的存在, 而至多只能作为围捕零点前的火力侦察。
那么究竟怎样才能证明零点的存在呢? 我们在 上节 中已经叙述了基本思路,
那就是通过计算 Z(t) 的符号, 如果 Z(t) 在临界线上某两点的符号相反, 就说明 Riemann ζ
函数在这两点之间存在零点。 我们上面所做的估计就是为这一计算做准备的。
现在我们就来进行这样的计算。 由于我们已经估计出在 t=14.14 附近可能存在零点,
因此我们就在 14.1≤t≤14.2 的区间上撒下一张小网。 如果我们的计算表明
Z(t) 在这一区间的两端, 即 t=14.1 与 t=14.2, 具有不同的符号, 那就证明了
Riemann ζ 函数在 t=14.1 与 t=14.2 之间存在零点[注一]。
下面我们就来进行计算:
对于 t=14.1, (t/2π)1/2≈1.498027, θ(t)≈-1.742722。
因而主项 2cos[θ(t)]≈-0.342160, 剩余项 R(t) 中 p≈0.498027,
从而其中第一项 (即 C0 项) 为 C0(t/2π)-1/4≈0.312671。
由这两部分 (即主项及剩余项中的第一项) 可得:
Z(14.1) ≈ -0.342160 + 0.312671 = -0.029489
类似地, 对于 t=14.2, (t/2π)1/2≈1.503330, θ(t)≈-1.702141。
因而主项 2cos[θ(t)]≈-0.261934, 剩余项 R(t) 中 p≈0.503330,
从而其中第一项 (即 C0 项) 为 C0(t/2π)-1/4≈0.312129。
由这两部分 (即主项及剩余项中的第一项) 可得:
Z(14.2) ≈ -0.261934 + 0.312129 = 0.050195
显然, 如我们所期望的, Z(14.1) 与 Z(14.2) 的符号相反,
这表明在 t=14.1 与 t=14.2 之间存在 Riemann ζ 函数的非平凡零点。
当然, 我们还没有考虑 C1 ~ C4 项。 这些项中带有 C0 的各阶导数,
计算起来工作量非同小可, 有违休闲的目的, 因此就只好偷点懒了。 熟悉计算软件的读者可以动用
Maple、 Matlab 或 Mathematica 之类的计算软件来算一下。 对于其他读者来说,
我们就把算得的结果直接列在下表中了 (其中包括我们手工算得的结果):
|
t=14.1
|
t=14.2
|
N
|
1
|
1
|
p
|
0.498027
|
0.503330
|
θ(t)
|
-1.742722
|
-1.702141
|
2cos[θ(t)]
|
-0.342160
|
-0.261934
|
C0 项
|
0.312671
|
0.312129
|
C1 项
|
0.000058
|
-0.000097
|
C2 项
|
0.001889
|
0.001872
|
C3 项
|
0.000001
|
-0.000002
|
C4 项
|
0.000075
|
0.000074
|
从表格所列的结果中可以看到, 剩余项中的高阶项的贡献虽然有所起伏, 但与第一项相比在总体上是很小的。
对我们来说, 这当然是很令人欣慰的结果, 因为它表明我们手工所能计算的部分给出的贡献是主要的。
这还是 t 较小的情况, 随着 t 的增加, 由于高阶项中所含 t 的负幂次较高,
其贡献会变得越来越小[注二]。
不过要严格表述这种趋势并予以证明, 却绝非轻而易举。 事实上 Riemann-Siegel 公式作为 Z(t)
的渐近展开式, 其敛散性质与误差估计都是相当复杂的。
现在我们知道了 Riemann ζ 函数在 t=14.1 与 t=14.2 之间存在零点。 如果我们再仔细点,
注意到 Z(14.1) 与 Z(14.2) 距离 Z(t)=0 的远近之比为 0.027466:0.052042,
用线性内插法可以推测零点的位置为:
t ≈ 14.1 + (14.2 - 14.1) × 0.027466 / (0.027466 + 0.052042) ≈ 14.1345。
这与现代数值 t=14.1347 的相对偏差只有不到十万分之二! 即使只估计到 C0 项
(这是我们自己动手所及的范围), 其误差也只有不到万分之二 (请读者自行完成内插法计算并验证误差)。
好了, 猎物在手, 我们的简短休闲也该见好就收了。 大家是否体验到了一些成就感呢?
要知道, Riemann ζ 函数的零点可是在 Riemann 的论文发表之后隔了四十四年才有人公布计算结果的哦。
当然, 我们用了 Riemann-Siegel 公式, 但这没什么, 一个好汉三个帮嘛! 再说了, DIY
哪有真的百分之百从头做起, 连工具设备都包括在内的?
想象一下, 如果你 DIY 出来的陶器能够把缺陷控制在万分之二以内, 那是何等的风光?
当然, 倘若你可以退回一百多年, 把这个结果抢在 Gram 之前公布一下, 那就更风光了。
在本节的最后, 还有一件可能让大家有成就感的事情要提一下。
那就是我们所用的估计零点的方法——即从使 2cos[θ(t)] 为零的点出发, 然后依据 R(t)
的数值对其进行修正[注三], 最后再用 Z(t)
的符号变化来确定零点的存在——暗示着 Riemann ζ 函数在临界线上 0<t<T
的零点数目大致与 cos[θ(t)]
的零点数目相当。 而后者大约有 (请大家 DIY) θ(T)/π ~ (T/2π) ln(T/2π) - (T/2π) 个。
不知大家是否还记得, 这正是我们在 第五节 中介绍过的
Riemann 那三个命题中迄今无人能够证明的第二个命题! 当然, 我们这个也不是证明
(真可惜, 否则的话, 嘿嘿……), 但这应该使大家对我们的休闲手段之高明有所认识吧?
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二零零四年五月二十三日写于纽约 二零零四年五月二十三日发表于本站 二零一二年一月三十一日最新修订 https://www.changhai.org/
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